Sáng kiến kinh nghiệm Sử dụng định lý Pytago để giải một số loại bài tập trong bồi dưỡng học sinh giỏi Vật lý các Khối 8, 9

Nội dung tóm tắt: Sáng kiến kinh nghiệm Sử dụng định lý Pytago để giải một số loại bài tập trong bồi dưỡng học sinh giỏi Vật lý các Khối 8, 9

1. Báo cáo kết quả nghiên cứu, ứng dụng sáng kiến *) Cách vẽ hình: ’ ’ - Lấy A đối xứng với A qua gương phẳng G2 tại H. Sao cho AH = HA ’ Vậy A là ảnh ảo của A qua gương phẳng G2. ’ ’ - Lấy B đối xứng với B qua gương phẳng G1 tại K. Sao cho BK = KB ’ Vậy B là ảnh ảo của B qua gương phẳng G1. ’ ’ - Nối A với B cắt G2 ở I, cắt G1 ở J - Nối A với I, và B với J. Vậy AIJB là đường đi của tia sáng cần vẽ. b/ Theo giả thiết, A1 là ảnh của A qua gương G1. Có: AA1=12cm A2 là ảnh của A qua gương G2 . Có: AA2=16cm Và A1A2= 20cm 2 2 2 Áp dụng định lý pytago đảo. Ta thấy: 20 =12 +16 Vậy tam giác A1AA2 là tam giác vuông tại A 0 góc A1AA2 = 90 9 Giáo viên : Trương Thị Lợi Năm học: 2016-2017 Trường THCS Tân Phong
2. Báo cáo kết quả nghiên cứu, ứng dụng sáng kiến Bài tập 4: (VLTT – CS1/5) Hai chiếc tàu thủy chuyển động thẳng đều trên biển. Tàu 1 chuyển động vào lúc 12h trưa ở phía Bắc một hòn đảo nhỏ, cách đảo này 40 dặm và tiếp tục chạy về phía Đông với vận tốc 15 dặm/h. Còn tàu 2 chuyển động vào lúc 8h sáng ở phía Đông hòn Đảo nói trên, cách Đảo này 100 dặm, và chuyển động về phía nam với vận tốc 15 dặm/h. Xác định khoảng cách nhỏ nhất của hai con tàu và điều đó xảy ra ở thời điểm nào? GỢI Ý - Chọn mốc thời gian là lúc 8h sáng. - Khi đó tàu 1 ở A cách B một là: AB = (12h – 8h)15dặm/h = 60 dặm Đặt h = BD = 40 dặm. Đặt d = DC = 100 dặm - Xét thời điểm t tàu 1 ở M cách A là: AM = x Tàu 2 ở N cách C là: CN = x - Vì hai tàu có cùng vận tốc v = 15 dặm/h. - Nối M với N. Khoảng cách giữa hai con tàu là MN. - Từ hình vẽ. Xét tam giác vuông ∆MON, vuông tại O, còn MN là cạnh huyền của tam giác vuông này. - Áp dụng định lý Pytago với tam giác vuông ∆MON, ta có: 2 2 2 MN = MO + ON = (h + x)2 + (d + 60 – x)2 = (40 + x)2 + (100 + 60 – x)2 10 Giáo viên : Trương Thị Lợi Năm học: 2016-2017 Trường THCS Tân Phong
3. Báo cáo kết quả nghiên cứu, ứng dụng sáng kiến = (40 + x)2 + (160 – x)2 = 2x2 – 240x + 27200 Khi đó khoảng cách giữa hai con tàu là: s = MN = 2x 2 240x 27200 Để khoảng cách hai con tàu là nhỏ nhất thì (2x2 – 240x + 27200) nhỏ nhất. b ( 2400) 2400 Vậy (2x2 – 240x + 27200) nhỏ nhất khi: x = 60 dặm 2a 2.2 4 Vậy khoảng cách hai tàu nhỏ nhất là khi đó khi tàu 2 ở B (lúc 12h trưa). Khoảng cách nhỏ nhất giữa hai con tàu là: s = MN = 2x 2 240x 27200 = 2.602 240.60 27200 100 2 141,4 dặm Bài tập 5: (Bài 4.21 – Trang 183 – Sách 500 BTVL THCS) Một dây dẫn đồng tính , tiết diện đều được uấn thành một hình tam giác vuông cân ABC. Trung điểm O của cạnh huyền AB và đỉnh B lại được nối với nhau bằng đoạn dây ODB, cũng tạo với OB một tam giác vuông cân. Biết điện trở đoạn AO là R. Hãy tính điện trở tương đương của đoạn mạch AB. C O A B R GỢI Ý D 11 Giáo viên : Trương Thị Lợi Năm học: 2016-2017 Trường THCS Tân Phong
4. Báo cáo kết quả nghiên cứu, ứng dụng sáng kiến - Vì tam giác ABC vuông cân tại C. Ta có: CA = CB - Áp dụng định lý Pitago trong tam giác ABC có: AB2 = AC2 + BC2 2 2 2 2 AB = AC BC = AC AC = AC. 2 = BC. 2 (1) - Vì tam giác BDO vuông cân tại D. Ta có: DB = DO - Áp dụng định lý Pitago trong tam giác BDO có: OB2 = BD2 + DO2 OB = BD 2 DO 2 = BD2 DB2 = DB. 2 = DO. 2 (2) - Vì điện trở đoạn AO là R. Mà O là trung điểm của AB Ta có: AO = OB = R còn AB = 2R Từ (1) và (2) ta có: OB R DB DO 2 2 AB 2R AC BC R. 2 2 2 C Từ sơ đồ mạch điện: [{[(ROD nt RBD) // RAO] nt RAO} //(RAC nt RCB)] Đặt RAO = RBO = R R = 2R AB R R5 6 R 2 RAC = ROB R RBD RDO 2 2 R4 O R A 3 B R 1 R2 D 12 Giáo viên : Trương Thị Lợi Năm học: 2016-2017 Trường THCS Tân Phong
5. Báo cáo kết quả nghiên cứu, ứng dụng sáng kiến Đặt các điện trở như sau: R1 = ROD R2 = RDB R = R 3 OB R4 = RAO R5 = RAC R6 = RCB R R Vì (R nt R ). Điện trở tương đương là: R12 R. 2 1 2 2 2 R 2 Vì (R // R ). Điện trở tương đương là: R123 12 3 1 2 R(1 2 2) Vì (R nt R ). Điện trở tương đương là: R1234 123 4 (1 2) Vì (R nt R ). Điện trở tương đương là: 2 2.R 5 6 R56 = Vì (R1234 // R56). Điện trở tương đương của đoạn mạch AB là: (8 2 2).R RAB (5 4 2) Bài tập 6: (Câu 1–Đề thi HSG tỉnh Vĩnh phúc năm học 2009–2010) Một ô tô xuất phát từ điểm A trên cánh đồng để đến điểm B trên sân vận động như hình vẽ. Cánh đồng và sân vận động ngăn cách nhau bởi con đường thẳng d, khoảng cách từ A đến đường thẳng d là a = 400m, khoảng cách từ B đến đường thẳng d là b = 300m, khoảng cách AB = 2,8m. Biết vận tốc của ô tô trên 4v cánh đồng là v = 3km/h, vận tốc của ô tô trên sân vận động là ,còn vận tốc của ô 3 5v tô trên đường thẳng d là . 3 Khi ô tô đi đến điểm M trên đường cách A’ một khoảng x=300m và rời đường N cách B’ một khoảng y= 400m thì thời gian chuyển động của ô tô là bao nhiêu? GỢI Ý 13 Giáo viên : Trương Thị Lợi Năm học: 2016-2017 Trường THCS Tân Phong
6. Báo cáo kết quả nghiên cứu, ứng dụng sáng kiến - Gọi AA’ là khoảng cách từ điểm ô tô xuất phát trên cách đồng đến đường thẳng d. Biết AA’ = a = 400m - Gọi BB’ là khoảng cách từ điểm ô tô ở trên sân vận động đến đường thẳng d. Biết BB’ = b = 300m - Khoảng cách từ điểm A trên cánh đồng để đến điểm B trên sân vận động là: AB = 2,8m. - Vận tốc ô tô đi từ A trên cánh đồng đến M trên con đường là: v1 = 3 (Km/h) - Vận tốc ô tô đi từ N trên con đường đến B trên sân vận động là: v2 = 4 (Km/h) - Vận tốc ô tô đi từ M đến N trên con đường là: v3 = 5 (Km/h) A a N y B’ d A’ x M O b *) Từ hình vẽ: B -Vì tam giác AA’O là tam giác vuông, vuông tại A’. Áp dụng định lý Pytago ta có: AO2 = AA’2 + A’O2 ’ 2 2 A O = AO AA (1) -Vì tam giác BB’O là tam giác vuông, vuông tại B’. Áp dụng định lý Pytago ta có: BO2 = BB’2 + B’O2 ’ 2 2 B O = BO BB (2) 14 Giáo viên : Trương Thị Lợi Năm học: 2016-2017 Trường THCS Tân Phong
7. Báo cáo kết quả nghiên cứu, ứng dụng sáng kiến -Vì tam giác AA’M là tam giác vuông, vuông tại A’. Áp dụng định lý Pytago ta có: AM2 = AA’2 + A’M2 2 2 2 2 AM = AA A M = a x (3) -Vì tam giác BB’N là tam giác vuông, vuông tại B’. Áp dụng định lý Pytago ta có: 2 ’2 ’ 2 BN = BB + B N 2 2 2 2 BN = BB B N = b y (4) AM - Thời gian ô tô đi từ A đến M là: t1 = v 3MN - Thời gian ô tô đi từ M đến N là: t2 = 5v 3NB - Thời gian ô tô đi từ N đến B là: t3 = 4v - Tổng thời gian ô tô đi từ A đến M đến N rồi đến B là: AM 3MN 3NB t = t1 + t2 + t3 = + + v 5v 4v (5) - Xét A’AO đồng dạng với B’BO có: A A AO 400 AO 4 AO = = = B B BO 300 BO 3 BO (*) Theo bài cho AB = 2,8km = 2800m Mà AB = AO + OB AO = AB – OB = 2800 – BO ( ) Từ (*) và ( ) ta có: 3AO = 4BO 3(2800 – BO) = 4BO BO = 1200m AO = 1600m ’ 2 2 2 2 Từ (1) ta có: A O = AO AA = 1600 400 = 1549,2m ’ 2 2 2 2 Từ (2) ta có: B O = BO BA = 1200 300 = 1161,8m Còn A’B’ = A’O +OB’ = 1549,2 + 1161,8 = 2711m Kết hợp (1); (2);(3);(4);(5). Ta được: t = AM + 3MN + 3NB v 5v 4v 15 Giáo viên : Trương Thị Lợi Năm học: 2016-2017 Trường THCS Tân Phong
8. Báo cáo kết quả nghiên cứu, ứng dụng sáng kiến 2 2 3 b 2 y 2 = a x + 3(2711 x y) + v 5v 4v 2 2 2 2 = 400 300 + 3(2711 300 400) + 3 300 400 0,833 5.0,833 4.0,833 = 2508 giây = 41 phút 48 giây = 0,6967h Thời gian chuyển động của ô tô là 41 phút 48 giây. Bài tập 7: (Câu 1-Đề thi HSG huyện Thanh Ba-Phú Thọ năm học 2014–2015) Một ca nô xuất phát từ A trên bờ một con sông và đi theo hướng AD với vận tốc v’ = 5(m/s) nhưng rồi cập bến tại điểm B ở bờ bên kia nằm đối diện với điểm A. Biết rằng nước chảy với vận tốc v0 = 1(m/s) và dòng song rộng AB = 500(m). Hãy tính thời gian chuyển động của ca nô? GỢI Ý D B V’ V1 V A 0 Theo bài cho v’ = 5(m/s) là vận tốc của ca nô. Còn v0 = 1(m/s) là vận tốc của dòng nước. Gọi v1 là vận tốc tương đối của ca nô so với dòng nước. *) Từ hình vẽ: ’ Xét tam giác Av v1 là tam giác vuông (vuông tại v1). Áp dụng định lý Pytago ta có: ’2 2 2 v = v1 + (-v0) 2 2 = v1 + v0 16 Giáo viên : Trương Thị Lợi Năm học: 2016-2017 Trường THCS Tân Phong
9. Báo cáo kết quả nghiên cứu, ứng dụng sáng kiến 2 '2 2 v1 v v0 5 2 v1 5 1 24 Thời gian ca nô đi từ A hướng theo D rồi cập bến tại B là: AB 500 t 102 (s) v1 24 Bài tập 8: (Bài 3.16 – Trang 158 – Sách 500 BTVL THCS) Người ta dự định mắc 4 bóng đèn tròn ở 4 góc của một trần nhà hình vuông, mỗi cạnh 4 m và một quạt trần ở đúng giữa trần nhà, quạt trần có sải cánh là 0,8 m (khoảng cách từ trục đến đầu cánh), biết trần nhà cao 3,2 m tính từ mặt sàn. Hãy tính toán thiết kế cách treo quạt trần để khi quạt quay, không có điểm nào trên mặt sàn bị loang loáng. GỢI Ý Để khi quạt quay không một điểm nào trên sàn bị sáng loang loáng thì bóng của đầu mút cánh quạt chỉ in trên tường và tối đa là đến chân tường C,D. Vì nhà hình hộp vuông, ta chỉ xét trường hợp cho một bóng, còn lại là tương tự. Gọi L là đường chéo của trần nhà thì L = 4 2 = 5,7 m Từ hình vẽ ta thấy tam giác S1CD là tam giác vuông. 17 Giáo viên : Trương Thị Lợi Năm học: 2016-2017 Trường THCS Tân Phong
10. Báo cáo kết quả nghiên cứu, ứng dụng sáng kiến Áp dụng định lý Pytago đối với tam giác vuông S1CD. 2 2 S1D = S1C + CD2 S D S C 2 CD 2 3,2 2 5,7 2 6,5m 1 1 Khoảng cách từ bóng đèn đến góc chân tường đối diện là 6,5 m Gọi T là điểm treo quạt, còn O là tâm quay của quạt Gọi A và B là các đầu mút khi cánh quạt quay. Xét S1IS3 ta có H 3,2 2R. 2.0,8. AB OI AB OI IT 2 2 0,45m S1S3 IT S1S3 L 5,7 Khoảng cách từ quạt đến điểm treo: OT = IT – OI = 1,6 – 0,45 = 1,15 m Vậy quạt phải treo cách trần nhà tối đa là 1,15 m. Bài tập 9: (Câu 5 – Đề thi HSG tỉnh Nghệ An năm học 2012 – 2013) Một vật sáng nhỏ có dạng đoạn thẳng AB đặt vuông góc với trục chính của một thấu kính hội tụ và nằm ở ngoài khoảng tiêu cự của thấu kính đó. a) Gọi d là khoảng cách từ vật đến thấu kính, d’ là khoảng cách từ ảnh đến thấu kính, f là tiêu cự của thấu kính. Hãy vẽ ảnh của vật qua thấu kính và chứng minh công thức: 1 + 1 = 1 d d f b)Đặt vật sáng trên ở một phía của thấu kính hội tụ có tiêu cự f = 20 cm, song song với trục chính và cách trục chính một đoạn l = 20 cm. Biết các điểm A và B cách thấu kính lần lượt là 40 cm và 30 cm. Tính độ lớn ảnh của vật AB qua thấu kính. GỢI Ý Để dựng ảnh của vật sáng AB qua thấu kính hội tụ, ta sử dụng đường truyền của hai trong ba tia sáng đặc biệt qua thấu kính hội tụ thì được hình vẽ sau: 18 Giáo viên : Trương Thị Lợi Năm học: 2016-2017 Trường THCS Tân Phong
11. Báo cáo kết quả nghiên cứu, ứng dụng sáng kiến Từ hình vẽ: - Xét hai tam giác OA’B’và tam giác OAB đồng dạng. Ta có: A' B ' OA' d ' ( 1 ) AB OA d - Xét hai tam giác OIF’ và A’B’F’ đồng dạng có hệ thức: A' B ' F ' A' d ' f ( 2 ) OI OF ' f 1 1 1 - Từ ( 1) và (2) rút ra : d d ' f b) Tương tự như trên, để dựng ảnh của vật sáng AB qua thấu kính hội tụ, ta sử dụng đường truyền của hai trong ba tia sáng đặc biệt qua thấu kính hội tụ thì được hình vẽ sau: 19 Giáo viên : Trương Thị Lợi Năm học: 2016-2017 Trường THCS Tân Phong
12. Báo cáo kết quả nghiên cứu, ứng dụng sáng kiến - Vì OI = OF’ tam giác OIF’ vuông cân góc OF’I = 450 góc CA’B’ = 450 tam giác A/CB/ vuông cân ’ ’ ’ d Bf d Af - Tính được A C = d B – d A = 20 cm d B f d A f - Mặt khác, ta thấy tam giác A’CB’là tam giác vuông, vuông tại C. Áp dụng định lí Pytago với tam giác A’CB’ (A’B’)2 = (CA’)2 + (CB’)2 2 2 A’B’ = A'C B 'C = 20 2 cm Độ lớn của ảnh là 20 2 cm Bài tập 10: (Bài 1.193 – Trang 45 – Sách 500 BTVL THCS) Một khối gỗ hình hộp chữ nhật có thể quay quanh cạnh B như hình vẽ. Khối gỗ có trọng lượng P = 100N, a = 60cm, b = 80cm. a. Tính lực F tác dụng lên cạnh DC tại D theo hướng đến C để khối gỗ nhấc lên khỏi sàn. b. Tim lực nhỏ nhất, lớn nhất tác dụng cào C để nhấc khối gỗ lên khỏi sàn. GỢI Ý a) Phân tích các lực tác dụng như hình vẽ sau: 20 Giáo viên : Trương Thị Lợi Năm học: 2016-2017 Trường THCS Tân Phong
13. Báo cáo kết quả nghiên cứu, ứng dụng sáng kiến Theo giả thiết có: P = 100N; DC = a =60cm = 0,6m; BC = b = 80cm = 0,8m Vì khối gỗ có thể quay quanh điểm cạnh B. Coi khối gỗ như một đòn bẩy có điểm tựa tại B. - Gọi BC là cánh tay đòn của lực F - Gọi BH là cánh tay đòn của trọng lực P. Để nhấc khối gỗ lên đều khỏi sàn thì: P. HB = F.BC (1) 100. (0,6 : 2) = F.0,8 F = 37,5N P.HB b) Từ (1) suy ra F BC (2) -Để lực tác dụng vào C để nhấc khối gỗ lên khỏi sàn là lớn nhất (F)max thì (BC)min Vậy (BC)min khi BC = AB và HB = (AB : 2) = (BC : 2) P.HB P 100 Ta có: F 50 N max BC 2 2 Vậy lực tác dụng vào C để nhấc khối gỗ lên khỏi sàn là lớn nhất (F)max là 50N. -Để lực tác dụng vào C để nhấc khối gỗ lên khỏi sàn là lớn nhất (F)min thì (BC)max Từ hình vẽ: Bˆ 90 0 Còn: Aˆ Cˆ 45 0 Mặt khác, tam giác ABC là tam giác vuông. Ta có: AC2 = AB2 + BC2 = 0,82 + 0,62 = 0,64 + 0,36 = 1 21 Giáo viên : Trương Thị Lợi Năm học: 2016-2017 Trường THCS Tân Phong
14. Báo cáo kết quả nghiên cứu, ứng dụng sáng kiến Vậy AC = 1m Để (BC)max thì AC = BC = 1m P.HB 100 .(0,3) Ta có: F 30 N min BC 1 Vậy lực tác dụng vào C để nhấc khối gỗ lên khỏi sàn là lớn nhất (F)min là 30N. Bài tập 11: (VLTT –CS1/133) Một thuyền chuyển động từ bờ bên này sang bờ bên kia của một dòng sông thẳng, bề rộng d với tốc độ v đối với nước. Biết nước chảy với tốc độ u=2v. Thuyền phải chuyển động theo hướng nào để khi sang tới bờ bên kia thì bị trôi dọc theo bờ sông một khoảng nhỏ nhất? Khi đó thời gian chuyển động của thuyền là bao nhiêu? GỢI Ý - Giả sử thuyền trôi theo hướng AB, hơp với bờ sông một góc β. - Sau thời gian t qua sông, thuyền bị trôi dọc theo bờ sông một đoạn S = HC. Từ hình vẽ, ta xét tam giác ABC đường cao AH, ta có: BC.AH = AB.ACsinα -Vì tam giác AHC là tam giác vuông, vuông tại H. Áp dụng định lý Pytago ta có: 2 2 2 AC = AH + HC AC2 = d2 + S2 AC = d 2 S 2 Mặt khác: utd = vt d 2 S 2 sinα u 2 S = d 1 v 2 sin 2 22 Giáo viên : Trương Thị Lợi Năm học: 2016-2017 Trường THCS Tân Phong
15. Báo cáo kết quả nghiên cứu, ứng dụng sáng kiến Vì d,u,v không đổi nên S nhỏ nhất khi sinα lớn nhất. Vậy sinα = 1, α = 900 AB u 1 Cosβ = β = 600 BC v 2 Vậy thuyền phải bơi theo hướng AB hợp với bờ sông một góc 600 ngược chiều dòng nước. Thời gian chuyển động của thuyền là: AB d 2d t = v v.sin 600 v 3 Bài tập 12: (VLTT –CS1/26) Một ô tô biết khoảng cách giữa bánh trước và bánh sau là l(m); ô tô chuyển động đều trên đường thẳng xy. Cùng lúc đó, một người đi xe đạp chuyển động đều với vận tốc v1 trên đường thẳng zt (Biết rằng zt//xy) cách xy một đoạn là AN=l1(m) (Hình vẽ). Khi ô tô đi qua nắp cống bị kênh tại N thì người đi xe đạp nghe thấy tiếng kêu đầu tiên tại B và nghe thấy tiếng kêu thứ hai sau t(s) nữa. Biết AB=l2(m) và vận tốc của âm thanh trong không khí là v2(m/s). Xác định vận tốc của ô tô. l V .t z A 2 B 1 C t l 1 x y N GỢI Ý Theo giả thiết: AN = l1(m) AB = l2(m) Từ hình vẽ, ta thấy tam giác NAB là tam giác vuông, vuông tại A. Áp dụng định lí Pytago với tam giác vuông NAB: 2 2 2 2 2 NB = AN + AB = (l1) + (l2) 2 2 NB = l1 l2 Gọi T0 là thời điểm bánh trước của xe chạm vào nắp cống N. Âm thanh truyenf tới B sau khoảng thời gian là: 23 Giáo viên : Trương Thị Lợi Năm học: 2016-2017 Trường THCS Tân Phong
16. Báo cáo kết quả nghiên cứu, ứng dụng sáng kiến NB l 2 l 2 1 2 v 2 v 2 Thời điểm người đi xe đạp nghe thấy tiếng kêu lần thứ nhất tại B là: 2 2 l 1 l 2 T 0 v 2 Và lần thứ hai tại C là: 2 2 l 1 l 2 T 0 t (1) v 2 Gọi v là vận tốc của xe ô tô. Thời điểm bánh sau của xe ô tô chạm vào nắp cống N l là: T xảy ra hai trường hợp sau: 0 v Trường hợp 1: Nếu xe đạp chuyển động cùng chiều với ô tô, thì âm thanh do bánh sau chạm vào lắp cống truyền tới C tại thời điểm: 2 2 l NC l l 1 ( l 2 v 1 t ) T 0 T 0 (2) v v 2 v v 2 Vì (1) = (2) suy ra: l l 2 l 2 l 2 ( l v t ) 2 t 1 2 1 2 1 v v 2 v 2 l .v v 2 2 2 2 2 v 2 .t l 1 l 2 l 1 ( l 2 v 1 .t ) Trường hợp 2: Nếu xe đạp chuyển động ngược chiều với ô tô, tương tự trường hợp 1 ta có: l .v v 2 2 2 2 2 v 2 .t l 1 l 2 l 1 ( l 2 v 1 .t ) 24 Giáo viên : Trương Thị Lợi Năm học: 2016-2017 Trường THCS Tân Phong
17. Báo cáo kết quả nghiên cứu, ứng dụng sáng kiến 6.2 Về khả năng áp dụng của sáng kiến: Qua thời gian trực tiếp nghiên cứu và giảng dạy bồi dưỡng học sinh giỏi. Tôi thấy nội dung sáng kiến này có thể áp dụng phổ biến được trong giảng dạy bồi dưỡng học sinh giỏi vật lý các khối 8,9. Cũng như học sinh các đội tuyển vật lý 8 ;9 dùng để làm tài liệu học tập. Mong muốn rằng, nội dung của sáng kiến này sẽ được nhân rộng và sử dụng rộng rãi cho cả giáo viên bồi dưỡng ở các đội tuyển vật lý khối 8 ;9 và học sinh đội tuyển vật lý các khối 8,9. 7. Những thông tin cần được bảo mật (nếu có): Không có. 8. Các điều kiện cần thiết để áp dụng sáng kiến: Giáo viên: Luôn không ngừng học tập để nâng cao trình độ chuyên môn nghiệp vụ, đáp ứng nhu cầu của người dạy trong thời đại hiện nay. Học sinh: Luôn có hứng thú trong học tập, yêu thích môn học để chủ động trong việc đào sâu và nghi nhớ kiến thức. Tổ khoa học tự nhiên trong nhà trường: Tạo điều kiện về thời gian nghiên cứu, tích cực tham gia trao đổi, sinh hoạt nhóm chuyên môn để cùng nhau thảo luận về vấn đề đưa ra. Nhà trường: Tạo điều kiện về cơ sở vật chất, trang thiết bị dạy học, cũng như nguồn học sinh tham gia đội tuyển. Phòng giáo dục, sở giáo dục: Tổ chức các buổi sinh hoạt chuyên môn theo nhóm cụm trường hoặc tổ chức chuyên đề cấp tỉnh để giáo viên có cơ hội tham gia trao đổi về nội dung nghiên cứu. Qua đó nội dung kiến thức liên quan được đào sâu, góp ý hoàn thiện hơn, đồng thời đó cũng là lúc giáo viên được học tập, sinh hoạt chuyên môn tích cực nhất. 9. Đánh giá lợi ích thu được hoặc dự kiến có thể thu được do áp dụng sáng kiến theo ý kiến của tác giả và theo ý kiến của tổ chức, cá nhân đã tham gia áp dụng sáng kiến lần đầu, kể cả áp dụng thử (nếu có) theo các nội dung sau: 25 Giáo viên : Trương Thị Lợi Năm học: 2016-2017 Trường THCS Tân Phong
18. Báo cáo kết quả nghiên cứu, ứng dụng sáng kiến 9.1. Đánh giá lợi ích thu được hoặc dự kiến có thể thu được do áp dụng sáng kiến theo ý kiến của tác giả: Năm học 2014 - 2015 2015 - 2016 2016 - 2017 Số lượng học sinh đạt Giải nhì: 01 HS Giải ba: 02 HS Giải nhì: 01 HS giải cấp huyện Giải ba: 02 HS Giải KK: 01 HS Giải KK: 02 HS Số lượng học sinh đạt Giải ba: 01 HS Giải KK: 01 HS Chưa thi giải cấp tỉnh Giải KK: 02 HS Qua 3 năm trực tiếp tham gia vào công tác giảng dạy bồi dưỡng học sinh giỏi các khối 8;9 của trường THCS Tân Phong, đặc biệt trong khi giảng dạy tôi có kết hợp và sử dụng nội dung sáng kiến “Sử dụng định lý Pytago để giải một số loại bài tập trong bồi dưỡng học sinh giỏi vật lý các khối 8;9” thì đã thu được kết quả cụ thể như sau: Trong quá trình giảng dạy bồi dưỡng học sinh giỏi phần “Sử dụng định lý Pytago để giải một số loại bài tập trong bồi dưỡng học sinh giỏi vật lý các khối 8;9” ở trường THCS Tân Phong, học sinh rèn được phương pháp tự học, tự phát hiện vấn đề, biết nhận dạng bài tập (bài toán), nắm vững cách giải. Rèn được kĩ năng trình bày một bài toán khoa học, rõ ràng có định hướng, đúng phương pháp. Đặc biệt các em học sinh đối tượng khá giỏi đã rất yêu thích môn học Vật lí và muốn được theo học ở đội tuyển học sinh giỏi vật lý. 9.2. Đánh giá lợi ích thu được hoặc dự kiến có thể thu được do áp dụng sáng kiến theo ý kiến của tổ chức, cá nhân: - Từ kết quả thu được trong giảng dạy bồi dưỡng đội tuyển học sinh giỏi vật lý những năm gần đây, chất lượng và số lượng giải giải đạt được cũng rất tự hào với một trường nhỏ, ít học sinh như trường THCS Tân Phong. Từ kết quả đạt được ban giám hiệu nhà trường đã cho phép áp dụng rộng tới toàn thể giáo viên tổ toán lý tham khảo và vận dụng trong giảng dạy bồi dưỡng học sinh giỏi vật lý ở các khối lớp 8,9 trong những năm tiếp theo. Không chỉ vậy, phòng giáo dục Bình Xuyên cũng thẩm định và đánh giá kết quả nội dung sáng kiến này đạt loại tốt năm học : 2015-2016. 26 Giáo viên : Trương Thị Lợi Năm học: 2016-2017 Trường THCS Tân Phong
19. Báo cáo kết quả nghiên cứu, ứng dụng sáng kiến 10. Danh sách những tổ chức/cá nhân đã tham gia áp dụng thử hoặc áp dụng sáng kiến lần đầu (nếu có): Số TT Tên tổ Địa chỉ Phạm vi/Lĩnh vực chức/cá nhân áp dụng sáng kiến 1 Trương Thị Lợi Trường THCS Tân Phong Giảng dạy bồi dưỡng học sinh giỏi cấp huyện và cấp tỉnh. 2 Học sinh giỏi các Trường THCS Tân Phong Học sinh ở đội tuyển khối 8,9 học sinh giỏi cấp huyện và cấp tỉnh Bình xuyên, ngày tháng 12 năm 2016 Tân Phong, ngày 5 tháng 12 năm 2016 Thủ trưởng đơn vị Tác giả sáng kiến (Ký tên, đóng dấu) (Ký, ghi rõ họ tên) Trương Thị lợi 27 Giáo viên : Trương Thị Lợi Năm học: 2016-2017 Trường THCS Tân Phong